Me ajudem com as séries

Matemática Ensino Superior

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Alfredo perguntou há 4 anos

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Professor Saul L.
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Professor Henrique N.
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Respondeu há 4 anos

Oi, Alfredo!

Lembremos que uma série \sum_{n=1}^{\infty} a_n é convergente se o limite de suas somas parciais existe, ou seja, existe S \in \mathbb{R} tal que

\lim_{m \to \infty} \sum_{n=1}^m a_n = \lim_{m \to \infty} S_m = S, e divergente caso contrário.

Para o item a), examinemos suas somas parciais. Neste caso, a_n = \frac{1}{n^2 + n}. Mostraremos, pelo Princípio da Indução Finita, que S_m = \frac{m}{m+1} (I).

Quando m = 1 (caso base), temos que

S_m = S_1 = \frac{1}{1^2 + 1} = \frac{m}{m+1}, validando a igualdade (I) para este caso.
Agora, suponha que a igualdade (I) vale para um dado m^* \in \mathbb{N}, ou seja,

S_{m^*} = \sum_{n=1}^{m^*} \frac{1}{n^2+n} = \frac{m^*}{m^*+1}. Então,

S_{m^*+1} = \sum_{n=1}^{m^*+1} \frac{1}{n^2+n} = \sum_{n=1}^{m^*} \frac{1}{n^2+n} + \frac{1}{(m^*+1)^2 + (m^*+1)} =  S_{m^*}+\frac{1}{(m^*+1)(m^*+1 + 1)} = \frac{m^*}{m^*+1} + \frac{1}{(m^*+1)(m^*+2)}(II)

A partir daí, podemos simplificar o último termo da igualdade (II):

S_{m^*+1} = \sum_{n=1}^{m^*+1} \frac{1}{n^2+n} = \sum_{n=1}^{m^*} \frac{1}{n^2+n} + \frac{1}{(m^*+1)^2 + (m^*+1)} =  S_{m^*}+\frac{1}{(m^*+1)(m^*+1 + 1)} = \frac{m^*}{m^*+1} + \frac{1}{(m^*+1)(m^*+2)} = \frac{m^*+1}{m^+1 +1}S_{m^*+1} = \sum_{n=1}^{m^*+1} \frac{1}{n^2+n} = \sum_{n=1}^{m^*} \frac{1}{n^2+n} + \frac{1}{(m^*+1)^2 + (m^*+1)} =  S_{m^*}+\frac{1}{(m^*+1)(m^*+1 + 1)} = \frac{m^*}{m^*+1} + \frac{1}{(m^*+1)(m^*+2)} = \frac{m^*+1}{m^+1 +1}S_{m^*+1} = \sum_{n=1}^{m^*+1} \frac{1}{n^2+n} = \sum_{n=1}^{m^*} \frac{1}{n^2+n} + \frac{1}{(m^*+1)^2 + (m^*+1)} =  S_{m^*}+\frac{1}{(m^*+1)(m^*+1 + 1)} = \frac{m^*}{m^*+1} + \frac{1}{(m^*+1)(m^*+2)} = \frac{(m^*+1)}{(m^*+1 )+1}.

Isso mostra, então, que S_m = \frac{m}{m+1} para qualquer m \in \mathbb{N}, e então podemos mostrar que

\sum_{n=1}^\infty \frac{1}{n^2+n} = \lim_{m\to \infty} S_m = \lim_{m\to \infty} \frac{m}{m+1} = 1, onde este último limite é já mais clássico e facilmente calculável. Então a série é convergente, e sua soma é 1.

Para o item b), queremos calcular \sum_{n=3}^\infty \frac{\log n}{n}. Mas sabemos que, se n \geq 3, então \log n > 1, e então \frac{\log n}{n} > \frac{1}{n}.
Mas, utilizando o Critério de Comparação entre séries, vemos que

\sum_{n=3}^\infty \frac{\log n}{n} = \lim_{m \to \infty} \sum_{n = 3}^m > \lim_{m \to \infty} \sum_{n = 3}^m  \frac{1}{n} = \sum_{n=3}^{\infty} \frac{1}{n}.
Mas sabemos que esta última série é a série harmônica, que sabemos (https://pt.wikipedia.org/wiki/S%C3%A9rie_harm%C3%B3nica_(matem%C3%A1tica)) que é divergente.

Então , a série original, por ter soma maior do que a da série harmônica, também é divergente.

 

 

 

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